青海中考物理_青海中考物理试卷及答案

　　迎战中考2022年物理一模

　　青海卷

（本卷共30小题，满分80分）

一、单项选择题（本大题共13小题，每小题2分，共26分。请把正确的选项序号填入下面相应题号的表格内）

　　1.端午节举行龙舟赛时，运动员喊着号子、合着鼓点有节奏地同时划桨下列有关声现象说法不正确的是（ ）。

　　A.鼓声是通过空气传到岸上观众耳朵中的；

　　B.鼓声是由鼓槌振动产生的；

　　C.运动员打鼓用的力越大．鼓声响度越大；

　　D.岸上观众是通过音色分辨出鼓声、号子声的

　　【答案】B。

　　【解析】A.声音能够在空气中传播，鼓声是通过空气传给岸上的观众的，A正确；

　　B.鼓声是由鼓面振动产生的，B错误；

　　C.敲鼓的力量越大，鼓面振动的振幅越大，鼓面的响度越大C正确；

　　D.观众能够分辨出鼓声和号子声，是因为这两种声音的音色不同，D正确。所以选择B。

　　2.能源的开发利用提倡节能环保，下列符合节能环保理念的是（　　）。

　　A．废旧电池对环境没有污染；

　　B．空矿泉水瓶随意丢弃；

　　C．水资源丰富的地方可以不节约用水；

　　D．购买商品时用布袋替代塑料袋

　　【答案】D。

　　【解析】A、化学电池中含有汞、镉、锂等金属元素，铅酸蓄电池中有铅电极板和电解液，随意丢弃废旧电池会污染环境，破坏生态，故A错误；

　　B、空矿泉水瓶属于可回收垃圾，随意丢弃不符合节能环保理念，故B错误；

　　C、即使水资源丰富的地方仍然需要节约用水，故C错误；

　　D、用布袋代替一次性塑料袋购，减少了塑料袋的使用能减少白色污染，减少化工生产产生的温室气体，故D正确。

　　3.由稀土原材料与其他金属一起经过熔化、冷却、破碎、烧结等复杂工艺形成毛坯，然后利用强大电流进行磁化制成的永磁体．在高温下也能产生很强的永久磁场．这种永磁体已用于制作新能源汽车的电动机．下列关于这种永磁体的说法错误的是（ ）。

　　A．耐高温；

　　B．磁性弱；

　　C．制作时利用电流的磁场进行磁化；

　　D．制作时经历了熔化和凝固过程

　　【答案】B。

　　【解析】AB、在高温下也能产生很强的永久磁场，说明耐高温并且磁性很强，故A正确，不符合题意；B错误，符合题意；

　　C、利用强大电流进行磁化制成的永磁体，说明利用电流获得磁性，故C正确，不符合题意；

　　D、由稀土原材料与其他金属一起经过熔化、冷却、破碎、烧结等复杂工艺形成毛坯，说明制作过程中经历了熔化和凝固过程，故D正确，不符合题意。

　　4.关于温度、热量、内能的关系，下列说法正确的是（　　）。

　　A.冰熔化时吸收热量，内能增加，分子的运动越来越剧烈；

　　B.物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量；

　　C.对物体做功，它的内能一定增加，温度不一定升高；

　　D.物体的温度升高，内能一定增加

　　【答案】D。

　　【解析】A.冰熔化时吸收热量，内能增加，温度不变，分子的运动与温度有关，所以分子运动剧烈程度不变，A错；

　　B.物体的温度升高，可是是外界对物体做了功，或者是从外界吸收了热量，B错；

　　C.对物体做功，如果同时向外传递热量，它的内能可能不变，C错；

　　D.物体的温度升高，内能一定增加，说法正确；故选D。

　　5.以下关于物态变化的说法中正确的是（　　）。

　　A.严寒的冬天，一直冰冻的衣服也会变干，这是升华现象；

　　B.放在衣橱里的樟脑丸最终“消失“了，这是蒸发现象；

　　C.夏天，打开冰箱门会冒出一股“白气” ，是汽化现象；

　　D.冬天出现的霜，是凝固现象

　　【答案】A。

　　【解析】A.冬天湿衣服变干是固态直接变成气态，属于升华现象，故A正确；

　　B.樟脑丸消失是由固态直接变成了气态，属于升华现象，故B错误；

　　C.打开冰箱门会冒出一股“白气” 是空气中的水蒸气遇冷变成的小水珠，属于液化现象，故C错误；

　　D.霜的形成属于凝华现象，故D错误。

　　6.下列关于物理学史的叙述不正确的是（　　）。

　　A．托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值；

　　B．法拉第通过实验最早发现了电流周围存在磁场；

　　C．牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出惯性定律；

　　D．焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律

　　【答案】B。

　　【解析】A．托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值，故A正确；

　　B．丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系；法拉第发现了电磁感应现象，故B不正确；

　　C．牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律，故C正确；

　　D．焦耳通过大量实验总结出焦耳定律，即电流通过导体产生热量的规律，故D正确。故选B。

　　7.夜晚，小林在明亮房间里，通过一面窗户玻璃看到了自己的像，而在晴朗的白天却看不见。对于此现象，他作出如下分析，正确的是（　　）。

　　A.夜晚和白天，人都可以通过这面玻璃成像；

　　B.射向这面玻璃的光，夜晚发生镜面反射，白天发生漫反射；

　　C.白天，射向这面玻璃的光全部透过玻璃，没有反射；

　　D.白天，人通过这面玻璃成的像更小

　　【答案】A。

　　【解析】ACD.小林通过窗户成像，是平面镜成像现象，所以夜晚和白天都可能通过玻璃成像。白天、晚上射向玻璃的光都是部分透过，部分反射，而白天因环境光线太强，不易观察到玻璃中的像，据平面镜成像特点，白天、夜晚所成的像的大小应相同。故A正确，CD错误；

　　B.射向玻璃的光，无论白天夜晚都是发生镜面反射，故B错误。故选A。

　　8.下列关于力和运动关系的说法中正确的是（　　）。

　　A.小明没有推动静止的汽车，是由于推力小于摩擦力；

　　B.竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用；

　　C.行驶中的客车突然刹车时，乘客由于受到惯性的作用会向前倾倒；

　　D.粉笔盒放在水平桌面上，桌面对粉笔盒的支持力是由于桌面发生弹性形变产生的

　　【答案】D。

　　【解析】A.小明没有推动静止的汽车，是由于推力等于摩擦力，使车处于平衡状态，故A错误；

　　B.竖直向上抛出的篮球达到最高点时，篮球只受到重力的作用，所以篮球受到不是平衡力，故B错误；

　　C.行驶中的客车突然刹车时，乘客由于惯性会向前倾倒，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；

　　D.粉笔盒放在水平桌面上，粉笔盒对桌面的压力使桌面发生弹性形，桌面要恢复原状对粉笔盒产生支持力，故D正确。故选D。

　　9.将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑．现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是（ ）。

　　A．此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像；

　　B．仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正；

　　C．将蜡烛形到30cm刻度处，移动光屏可在屏上得到清晰等大的像；

　　D．将蜡烛移到40cm刻度处，动光屏可在光屏上很到清晰放大的像

　　【答案】B。

　　【解析】由焦点和焦距的定义，当拿着凸透镜正对太阳光，在距透镜中心15cm处得到一个最小最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为该点到透镜的距离，即焦距为15cm．

　　A、由图知道，物距u=50.0cm-10.0cm=40.0cm，v=85cm-50cm=35cm，当凸透镜u＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，此时像距大于二倍焦距，不会得到清晰的像，故A错误；

　　B、由A分析知道，像距较大要延迟光线会聚，应在凸透镜左侧附近放一合适的凹透镜，可模拟近视眼的矫正，故B正确；

　　C、当u=v=2f时，凸透镜成倒立等大的实像，由图知道，将蜡烛移到30cm刻度处，u=50cm-30cm=20cm≠2f，故移动光屏不能在屏上得到清晰等大的像，故C错误；

　　D、将蜡烛移到40cm刻度处，u=50cm-40cm=10cm，物距满足u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上，故D错误。

　　10.下列没有利用大气压工作的是（　　）。

　　A.

　　活塞式抽水机 B.

　　吸管吸饮料

　　C.

　　液体压强计 D.

　　盆景中倒扣的玻璃瓶中有水

　　【答案】C。

　　【解析】A.活塞式抽水机又叫 “吸取式抽水机”，是利用大气压把水从低处抽到高处的，故A不符合题意；

　　B.用吸管吸饮料时，吸走管内一部分空气使管内气压小于管外液面大气压，饮料就在外界大气压的作用下进入嘴中，故B不符合题意；

　　C.压强计是一种采用 U 形管构造，内装水或水银，运用帕斯卡原理测量液体和气体的压强的一种物理仪器，故C符合题意；

　　D.随着盆中水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，如此反复，故D不符合题意。故选C。

　　11.在水平桌面，上放有质量和底面积均相同的容器甲和乙，在容器中分别盛入质量相同的两种液体，两容器中的液面相平，如图所示。下列说法正确的是（　　）。

　　A.两容器对桌面压强大小相等 B.两容器底部受到液体压力大小相等

　　C.两液体密度大小相等 D.两容器底部受到液体压强大小相等

　　【答案】A。

　　【解析】A.容器的质量和底面积都相同，且容器内液体质量相同，两容器对桌面的压力F相同，由

　　可知两容器对桌面的压强大小相等，故A正确；

　　BCD.由图可知

　　<

　　，因为质量相等，由

　　知，

　　>

　　，根据p=ρgh 可知，容器中液面相平，所以h相同，所以甲底部受到液体压强大， 根据F=pS可知，甲底部受到液体压力大，故BCD错误。

　　故选A。

　　12.在如图实验中，当开关闭合后，L1 不亮，L2 亮，电压表有示数，则下列判断，正确的是（　　）。

　　A.可能是L1 的灯丝断了 B.一定是L1 短路了

　　C.可能是L1 比L2 电流小 D.一定是L1 比L2 电阻小

　　【答案】D。

　　【解析】当开关闭合后，两个灯泡串联，电压表测量L1 两端电压：

　　A.如果是L1 的灯丝断了，则电压表串联在电路，两个灯都不会亮，故A错误；

　　B.如果是L1 短路，则电压表被短路无示数，故B错误；

　　C.因为是串联电路，故L1 与L2 电流相同，故C错误；

　　D.由于串联电路中电流处处相等，由功率公式

　　可知，一定是L1 比L2 电阻小才不发光，故D正确。故选D。

　　13.如图甲所示电路的电源电压为3V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I-U图像。闭合开关S后，下列判断正确的是（　　）。

　　A.滑动变阻器的滑片P向左移动，灯泡变暗；

　　B.小灯泡的电阻不随温度的改变而改变；

　　C.滑动变阻器的滑片P向右移动，电压表的示数变小；

　　D.小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率是0.1W

　　【答案】D。

　　【解析】A.由图甲，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，根据串联分压，滑动变阻器的滑片P向左移动，其阻值变小，电路电流增大，因此灯泡变亮，故A错误；

　　B.由图乙，小灯泡的I-U曲线为向U轴偏的曲线，可知灯泡电阻随温度的升高而增大，故B错误；

　　C.滑动变阻器的滑片P向右移动，其阻值变大，根据串联分压，电压表的示数变大，故C错误；

　　D.小灯泡正常发光时，灯泡两端电压为2.5V，电流为0.2A，滑动变阻器两端电压为

　　滑动变阻器的功率是

　　;故D正确。故选D。

二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共17分）

　　14.如图甲所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，金属箔片张开，则金属箔片和橡胶棒带__________（选填“同种”或“异种”）电荷。如图乙所示，根据图中的电流方向，可以判断通电螺线管左端的磁极是__________极。

　　【答案】同种；S。

　　【解析】(1) 用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，接触验电器的金属球，两片金属箔片由于都得到电子，带上同种电荷而张开，所以金属箔片和橡胶棒带有同种电荷。

　　(2) 电流从螺线管的左端流入，右端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为S极，右端为N极。

　　15.如图所示的电能表，在某段时间内转盘转了1800转，则此段时间内接在这个电能表上的用电器消耗的总电能是______

　　，此电能表允许接入用电器的最大总功率是______

　　。

　　【答案】0.6;4400。

　　【解析】[1] 电能表上标有

　　，表示电能表转盘每转动3000圈，消耗的电能为

　　，故在某段时间内转盘转了1800转，则此段时间内接在这个电能表上的用电器消耗的总电能是

　　[2]220V表示这个电能表要接在220V的电路中，10A表示电能允许通过的最大电流，20A表示电能表短时间内通过的最大电流，故此电能表允许接入用电器的最大总功率是

　　。

　　16.小明的爸爸新买了一辆燃油小汽车，小明估测了一下小汽车的宽大约为200_______（填长度单位）；刚打开车门，他就闻到一股气味，爸爸告诉他这其实是物理学中的________现象；汽车对地面的压力是由于_______（选填“轮胎”、“地面”）发生形变而产生的；汽车依靠发动机工作时的_______冲程获得动力。

　　【答案】cm；扩散；轮胎；做功冲程。

　　【解析】小汽车的宽度在2m左右，也就是200cm；汽车中的气味是因为汽车中物质的扩散而来；轮胎变形对地面产生了压力；汽油机工作时，做功冲程对外做功提供动力。

　　17.乘客在动车站台候车时一定要站在警戒线以内，否则动车进站时，乘客易被“吸”向车身而造成伤害事故，这是因为流体的流速越大，压强越________；如图是进站后的动车静止在水平轨道上，此时它受到的重力和_________是一对平衡力。

　　【答案】小；轨道对车支持力。

　　【解析】（1）动车高速行驶时，动车周围的空气流速大压强小，乘客会被大气压压向动车。

　　（2）动车静止，竖直方向上车重力和铁轨对车支持力大小相等方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上，是一对平衡力。

　　18.在50m赛跑中，冲刺阶段小红超越了小华，领先到达终点。在超越小华的过程中，以小华为参照物，小红是　 　的，若小红的最终成绩是8s，则小红的平均速度是　 　m/s。

　　【答案】运动；6.25。

　　【解析】（1）小红在超越小华的过程中，小红与小华之间有位置的变化，故以小华为参照物，小红是运动的；

　　（2）小红50m比赛时的平均速度：v＝

　　＝

　　＝6.25m/s。

　　19.使用清洁能源天然气有助于国家提出的 2060 年前实现碳中和的目标。小明同学用他家的天然气灶将质量为2kg，初温为15℃的水加热到95℃，水吸收的热量是_______J ：若此过程的热效率为 40% ，则此过程消耗天然气_______m3 。（水的比热容为4．2

　　103 J/（kg·℃），天然气热值为4.2

　　107 /m3 ）

　　【答案】

　　；

　　。

　　【解析】[1] 水吸收的热量是

　　故水吸收的热量是

　　。

　　[2] 若此过程的热效率为40%，则天然气的释放的热量为

　　则天然气的体积为

　　；

　　则天然气的体积为

　　。

　　20.用如图所示滑轮组拉着重为30N的物体A匀速前进0.2m，则绳子自由端移动的距离为_____m； 若物体A与地面的摩擦力为9N，则拉力所做的有用功是_____J； 若实际拉力F=4N，则该滑轮组的机械效率为_____。

　　【答案】0.6；1.8；75%。

　　【解析】(1)如图的滑轮组，由三段绳子拉着物体，所以绳子自由端移动的距离为物体A移动距离的3倍，即

　　(2)若物体A与地面的摩擦力为9N，则拉力所做的有用功是

　　(3) 若实际拉力

　　，总功为

　　则该滑轮组的机械效率为

　　。

　　21.火星探测器“天问一号”于2021年2月10日开始环绕火星飞行，在环绕火星飞行的过程中不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，机械能________。经过3个多月的环火星飞行后，5月15日07时18分 “祝融”号火星车和着陆器成功登陆火星。“祝融”号利用 _______ 将探测信息传递给地球上的控制团队。

　　【答案】守恒；电磁波。

　　【解析】[1] 天问一号飞行过程，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，机械能守恒。

　　[2] 火星上的祝融号是利用电磁波将信息传递给地球的。

三、作图与简答题（本大题共4小题，每小题2分，共8分）

　　22.如图所示是人走路的情形，可将人的脚视为一根杠杆。请在图中画出动力F的力臂l；

　　【解析】首先作力F的力的作用线，过支点O作力F的力的作用线的垂线，标注垂直符号和力臂l，如图所示：

　　。

　　23.如图所示，开关闭合的瞬间，位于螺线管右侧的小磁针发生顺时针旋转。请在图中合适的位置标出通电螺线管的“N”、“S”极和电源的“+”、“﹣”极。

　　【解析】已知开关闭合后，位于螺线管右侧的小磁针顺时针旋转。根据磁极间的相互作用可知，螺线管左端为 N 极，右端为 S 极，由右手螺旋定则可得，电流由电源的右侧流出，故电源右侧为正极，左侧为负极；如下图所示：

　　24.请画出入射光线通过透镜后的折射光线．

　　【解析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过光心的光线其传播方向不变；

　　25.甲、乙两个相同的透明玻璃水杯，盛有质量相等、温度不同的纯净水，其中一杯是80℃的热水，另一杯是5℃的冷水，它们都静静地放置在水平桌面上。同时向两个水杯中滴入一滴碳素墨水，过几分钟后观察到如图所示的现象。

　　（1）甲、乙两个水杯中，盛有热水的是　　　　　　；

　　（2）该实验说明分子热运动的剧烈程度与　　　　　　有关。

　　【答案】（1）乙；（2）温度。

　　【解析】同时滴入碳素墨水，几分钟后，温度高的杯子里墨水扩散的快，温度低的杯子里墨水扩散的慢，所以盛有热水的是乙杯子；该实验说明温度越高分子扩散的越快，反之，扩散的越慢。

四、实验探究题（本大题共3小题，第25题4分，第26题5分，第27题5分，共14分）

　　26.某一小组用图甲所示装置 “比较不同液体吸热升温特点”。在两个相同烧杯中分别加入质量、初温相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾。

　　（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为_______℃；

　　（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水_______（选填“多”或“少”）；

　　（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：_________；

　　其原因是：_____________________。

　　【答案】98；多；不能；实验中没有保持二者质量和升高的温度相同。

　　【解析】(1)根据图中所示，温度计示数为98℃， 所以水的沸点为98℃；

　　(2)我们知道要比较物质吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少；

　　(3)要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有保持二者质量和升高的温度相同．

　　故答案为 (1)98；(2)多；(3)不能；实验中没有保持二者质量和升高的温度相同。

　　27.下面是小明在研究光的反射规律时的主要步骤：

　　实验次数

　　入射角 ∠ i

　　反射角 ∠ r

　　1

　　30°

　　2

　　42°

　　42°

　　3

　　60°

　　60°

　　（1）请根据如图（甲）所示实验装置，把下面的操作按正确顺序排列出来： ______ ；

　　A． 改变光束的入射方向，再重做一次，换另一种颜色的笔，记录光的径迹；

　　B． 取下纸板，用量角器测量 ON 两侧的入射角 ∠ i 和反射角 ∠ r ，并记入表中；

　　C． 把一个平面镜放在水平桌面上，再把用 NOE 和 NOF 两块纸板连接成一张纸板 ENF 竖直地立在平面镜上，纸板上的轴线 ON 垂直于镜面，如图甲所示；

　　D． 让一束光贴着纸板沿某角度入射到 O 点，经平面镜反射，沿另一个方向射出，在纸板上用笔描出入射光和反射光的径迹；

　　（2）正确操作所测得的数据如表所示，分析表中的数据所得的结论是：在光的反射现象中， ______ ；

　　（3）为了方便同学们观察，则光在纸板 NOE 上发生的是 ______ （选填 “镜面”或“漫”）反射；

　　（4）在实验中，如果让光逆着反射光路的方向射到平面镜，那么反射光恰好与入射光路重合，这说明在反射时，光路是 ______ ；

　　（5）如图乙所示，把纸板 NOF 向后折，保持一束光贴着纸板 NOE 沿某角度入射到 O 点，发现纸板 NOF 上没有反射光，但此时反射光 ______ （选填 “仍存在”或“不存在”）。

　　【答案】CDAB；反射角等于入射角；漫；可逆的；仍存在。

　　【解析】（1） [1] 研究光的反射规律，要先组装好器材，做出第一组入射光线和反射光线，然后改变入射角再做几次，最后取下纸板测得反射角和入射角的数据，并将数据填入表中进行分析，所以顺序是 CDAB 。

　　（2）[2]根据表中的数据可以得出的结论是：在光的反射现象中，反射角等于入射角。

　　（3）[3]纸板NOE凹凸不平，光在纸板NOE上发生的是漫反射，从各个方向看到光的传播路径。

　　（4）[4]如果让光逆着反射光路的方向射到平面镜那么反射光恰好与入射光路重合，这说明光在发生反射时，光路是可逆的。

　　（5）[5]保持一束光贴着纸板NOE沿某角度入射到O点，把纸板NOF向后折，由于反射光线、入射光线和法线在同一平面内，所以在纸板上不能观察到反射光线，此时反射光线仍是存在的。

　　28.中考实验操作考试时，实验员为“测量小灯泡的额定电功率”实验准备了以下器材：额定电压为2.5 V的小灯泡(正常发光时电阻约为10 Ω)、规格为“12 Ω　1 A”的滑动变阻器、开关、电流表、电压表各1个，新干电池4节，导线若干。

　　(1)图甲中有一根导线的连接是错误的，请你在错误的导线上打“×”___________；

　　(2)闭合开关前，应将滑片P移到最_______(填“左”或“右”)端；

　　(3)经检查，电路连接无误，各元件完好，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5 V，出现这种现象的原因是_____________________；

　　(4)解决上述问题后，移动滑片使电压表的示数为2.5 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是_________________W；

　　(5)测出小灯泡的额定功率后，同学们又把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的实际功率大于其额定功率的

　　，出现这种现象的原因是小灯泡的电阻__________________。

　　【答案】如图；右；变阻器的最大阻值过小；0.6；随温度的降低而减小。

　　【解析】（1）原电路中，灯短路了是错误的，如图改正；

　　（2）闭合开关前，应将滑片P移到阻值最大处即最右端；

　　（3）根据串联电路电压的规律，当电压表示数为2.5V时，变阻器分得的电压U滑=6V﹣2.5V=3.5V，变阻器的电压是电阻电压的

　　倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻：R滑=1.4×10Ω=14Ω＞12Ω；故闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，出现这种现象的原因是变阻器的最大阻值过小；

　　（4）解决上述问题后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，则小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5×0.24A=0.6W；

　　（5）当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，通过灯的电流也减小了，根据P=UI灯的功率减小，灯丝的温度降低，因灯的电阻随温度的降低而减小，根据P=

　　，故发现测得的实际功率不等于其额定功率的

　　。

五、计算题（本大题共2小题，第28小题7分，第29小题8分，共15分）

　　29.某实验小组在研究某种物质的属性时，日常需将物体浸没在煤油中保存，将体积为1×10﹣3m3、重6N的该物体用细线系在底面积为250cm2的圆柱形容器的底部，物体浸没在煤油中，如图所示，（g=10N/kg，ρ煤油=0.8×103kg/m3）

　　（1）细线受到的拉力是多大？

　　（2）若细线与物体脱落，待物体静止后煤油对容器底的压强变化了多少？

　　【解析】（1）由题知，物体浸没煤油中，V=V排=1.0×10﹣3m3，

　　受到的浮力：F浮=ρ煤油gV排=0.8×103kg/m3×10N/kg×1.0×10﹣3m3=8N；

　　因为G+F拉=F浮，

　　物体受到的拉力：F拉=F浮﹣G=8N﹣6N=2N，

　　（2）漂浮时，F浮′=G=6N，

　　由F浮′=ρ煤油gV排′得：V排′=

　　=

　　=7.5×10﹣4m3，

　　△V排=1×10﹣3m3﹣7.5×10﹣4m3=2.5×10﹣4m3，

　　水深变化：△h=

　　=

　　=0.01m，

　　△p=ρ水g△h=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.01m=80Pa．

　　答：（1）细线受到的拉力是2N；（2）若细线与物体脱落，待物体静止后煤油对容器底的压强变化了80pa。

　　30.为实现自动控制，小明同学利用电磁继电器（电磁铁线圈电阻不计）制作了具有延时加热、保温、消毒等功能的恒温调奶器，其电路图如图甲所示。控制电路中，电压U1 ＝3V，定值电阻R0 ＝50Ω，热敏电阻R阻值随温度变化的图像如图乙所示；工作电路中，电压U2 ＝220V，R1 ＝836Ω，R2 ＝44Ω。已知恒温调奶器容量为2kg ，水温达到80℃时衔铁会跳起。 [水的比热容为4.2×103 J/（kg•℃） ]

　　（1）请结合此电路，简要说明电磁继电器的工作原理；

　　（2）求衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流；

　　（3）求工作电路在保温状态下的电功率；

　　（4）当调奶器加满温度为25℃的水，加热元件工作500s后衔铁跳起，求此过程中水吸收的热量及恒温调奶器的加热效率。

　　【答案】（1）见详解；（2）0.02A；（3）55W；（4）84%。

　　【解析】（1）如图乙所示，温度升高时，电阻R的阻值增大，所以当温度比较低时，电阻R的阻值较小，控制电路中的电流较大，电磁铁把衔铁吸下来，工作电路中只有电阻R2 接入；当温度较高时，电阻R的阻值较答，控制电路中的电流较小，复位弹簧把衔铁拉上去，工作电路中电阻R1 和R2 串联接入，根据

　　可知，电压一定时，电路中的电阻越小，加热功率越大，故动触点与静触点a接触时，为保温电路，动触点与静触点b接触时，为加热电路。

　　（2）如图乙所示，温度为80℃时，电阻R的阻值为100Ω，则此时通过电磁铁线圈的电流为

　　（3）动触点与静触点a接触时，为保温电路，工作电路中电阻R1 和R2 串联接入，保温状态下的电功率为

　　（4）由题意知，水温达到 80℃ 时衔铁会跳起，则水吸收的热量为

　　动触点与静触点b接触时，为保温电路，工作电路中只有电阻R2 接入，加热状态下消耗的电能为

　　此过程中水吸收的热量及恒温调奶器的加热效率为

　　。

　　答：（1）电磁继电器的工作原理：见详解；（2）衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流为0.02A；（3）工作电路在保温状态下的电功率为55W；（4）当调奶器加满温度为25℃的水，加热元件工作500s后衔铁跳起，此过程中水吸收的热量及恒温调奶器的加热效率为84%。